又名扩展欧几里得算法(辗转相除法)
是用来求 \(ax+by=gcd(a,b)\) 中未知数的算法
拿到一组 \(a,b\) ,设 \(G=gcd(a,b)\)
目标:求出满足 \(ax+by=G(1)\) 的 \(x\) 与 \(y\)
如果 已知一组 \(x2,y2\) ,满足 \(bx2+\) \((a\) \(mod\) \(b)y2=G(2)\)
此时结合 \((1)(2)\) 得
\(ax+by=\) \(bx2+\) \((a\) \(mod\) \(b)y2(3)\)
那么当 如果 满足时,目标就成了求满足 \((3)\) 的 \(x,y\),其中 \(a,b,x2,y2\) 均已知
根据取模运算是 \(a\) \(mod\) \(b=a-b*(a/b)\)
所以方程 \((3)\) 实则是
\(ax+by=\) \(bx2+\) \((a-b*(a/b))y2\)
\(->\) \(ax+by=bx2+ay2-b*(a/b)y2\)
\(->\) \(ax+by=ay2+b(x2-(a/b)y2)\)
那么在根据方程 \(ax+by=G(1)\) 得出一组必然的解:
\(x=y2,y=x2-(a/b)y2(4)\)
可见只需求出 \(x2,y2\) ,就能求出正确的 \(x,y\),问题就转化成了求 \(x2,y2\)
将方程 \((1)\) 与 \((2)\) 对比一下:
\(ax+by=G(1)\)
\(bx2+\) \((a\) \(mod\) \(b)y2=G(2)\)
发现原方程的 \(a\) 变成了 \(b\),原方程的 \(b\) 变成了 \(a\) 而已
所以新的方程也可以看做 \(ax+by=G\) 的形式,然后按照上面的程序进行下来,发现问题又变为求 \(x3,y3\) 再求 \(x4,y4\) \(......\) 即一个递归的过程
递归过程中 \(a,b\) 不断被替换为 \(b,a\) \(mod\) \(b\),这个过程和普通的欧几里得是一样的,所以最后会出现 \(a(n)=G,b(n)=0\)
那么这特就是最后一层,此时就要直接返回了,需要一组 \(x(n),y(n)\) 满足 \(a(n)x(n)+b(n)y(n)=G(5)\),然而 \(a(n)=G,b(n)=0\),所以只要 \((5)\) 的 \(x(n)\) 取 \(1\) 就必定满足了,\(y(n)\) 就随便取个 \(0\) 就行了
最后一层结束后,就开始返回,知道最上一层,每一层都可以通过下一层的 \(x(k+1),y(k+1)\) 求出当前层的 \(x(k),y(k)\)
整个过程就是:以辗转相除的方式向下递进,不断缩小系数,保证会出现有确定解的最后一层
题目问的是满足 \(ax\) \(mod\) \(b=1\) 的最小正整数(a,b均为正整数)
问题可以转化成求 \(ax+by=1\) 中 \(x\) 的值,其中 \(y\) 是个引入的辅助数(y一定是一个负数,但是写成 \(+\) 的形式以便 \(exgcd\) 算法)
问题仍需转化,\(exgcd\) 求得是 \(ax+by=gcd(a,b)\),所以求方程 \(ax+by=m\) 必须满足的条件就是 \(m\) \(mod\) \(gcd(a,b)=0\)
简单证明一下:
由最大公因数的定义,\(a,b\) 均是 \(gcd(a,b)\) 的倍数,因为 \(m=ax+by\),所以 \(m\) 一定是 \(gcd(a,b)\) 的倍数,即 \(m\) \(mod\) \(gcd(a,b)=0\)
可得这道题中,必须满足 \(1\) \(mod\) \(gcd(a,b)=0\),那么 \(gcd(a,b)\) 就必须等于 \(1\) 了,即 \(a,b\) 互质(数据一定是满足的)
之后通过上述的 \(exgcd\) 算法即可,但是题目要求 \(x\) 的最小值,仅仅 \(exgcd\) 无法满足,所以需要答案处理
求出来的 \(x,y\) 仅仅满足 \(ax+by=1\),而 \(x\) 不一定是最小正整数解。有可能太大,也可能是负数
解决方案是:\(x\) 批量地减去或加上 \(b\),能保证 \(ax+by=1\),因为:
\(ax+by=1\)
\(->\) \(ax+by+k*ba-k*ba=1\)
\(->\) \(a(x+kb)+(y-ka)b=1\)
1.显然这并不会把方程中的任何整数变为非整数
2.加上或减去 \(b\) 不会使 \(x\) 错过任何解,可以这么理解:
已经求出一组 \(x,y\) 使得 \(ax+by=1\),也就是 \((1-ax)/b=y\),\(y\) 是整数,可见目前 \(1-ax\) 是 \(b\) 的倍数
现在给 \(x\) 加上 \(kb\)(k为整数),则变为:
\((1-a(x+kb))/b\)
\(=(1-ax)/b+ak\)
仍满足其为 \(b\) 的倍数,由此当 \(x\) 的变化量为 \(b\) 的倍数时,等式仍满足
因此到最后,如果 \(x\) 太小就不断 \(+b\) 直到 \(>=0\),反之则一直减直到最小正整数值,就是这么写
x=(x%b+b)%b;
#include<bits/stdc++.h> #define endl '\n' using namespace std; template<typename Tp> inline void read(Tp&x) { x=0;register bool z=1; register char c=getchar(); for(;c<'0'||c>'9';c=getchar()) if(c=='-') z=0; for(;'0'<=c&&c<='9';c=getchar()) x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48); x=(z?x:~x+1); } int a,b,x,y; int exgcd(int a,int b,int &x,int &y) { if(b==0) {x=1;y=0;return a;} int d=exgcd(b,a%b,y,x); y-=a/b*x; return d; } signed main() { #ifndef ONLINE_JUDGE freopen("in.txt","r",stdin); freopen("out.txt","w",stdout); #endif read(a),read(b); exgcd(a,b,x,y); x=(x%b+b)%b; cout<<x; }