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考虑递推。
设\(f_i\)表示\(a_1\sim a_i\)的最少划分段数,\(p_i\)代表以\(i\)结尾单调不降的一段的起点,\(q_i\)则表示以\(i\)结尾单调不升的一段的起点,注意:起点代表这一段第一个数的前一个坐标。
我们可以得到以下转移方程:
\[\large f_i=\min(f_{p_i}+1,f_{q_i}+1) \]也就是说对于\(a_1\sim a_i\)的分段数可以是由上一个单调不降(升)的数段加上当前这一段(指\(a_{p_i+1}\ or\ a_{q_i+1}\sim a_i\)这一段)。
那如何求\(p_i\)和\(q_i\)呢?
显然分为两种情况:(以求\(p_i\)为例,\(q_i\)同理)
时间复杂度为\(O(n)\)。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N=1e5+7; int f[N],p[N],q[N],a[N]; int main() { int n; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]); for(int i=1;i<=n;i++) { p[i]=q[i]=i-1; if(a[i]>=a[i-1])p[i]=p[i-1]; if(a[i]<=a[i-1])q[i]=q[i-1]; f[i]=min(f[p[i]]+1,f[q[i]]+1); } printf("%d",f[n]); return 0; }